neue Aufgabe mit Walze

Sirius7 · Anmeldungsdatum: 20.10.2011 Beiträge: 111

Hallo, habe eine Aufgabe gelöst, doch habe niemanden, der überprüfen könnte, ob mir da irgendwelche Fehler unterlaufen sind)
Es ist nur Die gewichtskraft G=6KN gegeben, alle anderen Stabkräfte muss man selbst rausfinden.

hier der Link
http://picload.org/image/dlrwwwr/walze.png
Gruß

Sirius7 · Anmeldungsdatum: 20.10.2011 Beiträge: 111

Hallo, habe eine neue Skizze hochgeladen, die müsste deutlicher sein, obwohl die Qualität des Bildes jedes mal nach dem Hochladen sinkt..

http://picload.org/image/dllrgwr/walzeneu.png

Packo · Gast

Das sieht ziemlich verworren aus.
Was soll denn Fges sein?

Du schreibst F2 = 2*G/sin 45°
und
F2 = 0
Was stimmt denn nun?

Sirius7 · Anmeldungsdatum: 20.10.2011 Beiträge: 111

Hallo Packo,
der Stab der von der Seite auf den Mittelpunkt der Walze Druck ausübt tut es mit der Kraft Fges. Doch da wo die Länge L ist teilt sich dieser Stab auf zwei Zweige mit Kräften F1 und F2. Somit
Fges=F1+F2

Das heisst ein Teil der Kraft Fges liegt auf F1 und ein Teil auf F2, doch mit dem Knotenpunktverfahren habe ich festgestellt, das die Kraft Fges komplett auf F1 übertragen wird und F2 bekommt nichts von der Kraft Fges. (ist also Nullzweig)

doch es gibt noch eine Kraft die auf F2 wirken kann-die G auf Walze.
Und sie wirkt tatsächlich mit der Kraft 2G/sin 45 (bestimmt durch Momentengleichung)

so habe ich mir die Sache zumindest vorgestellt ))
Gruß

Sirius7 · Anmeldungsdatum: 20.10.2011 Beiträge: 111

hmm und kann man das so machen, oder ist das falsch? Leute bitte um Antwort Hilfe

habe mir wirklich Mühe gegeben und auch die Skizze noch mal neu gezeichnet und jetzt kommt nichts..

Packo · Gast

Sirius,
der horizontale "Stab" muss in Wirklichkeit ein Balken sein weil er ja auch Biegemomente übertragen muss.

Siehe meine Skizze
w**.picfront.org/d/8Pkc

Jetzt kannst du die üblichen drei Gleichgewichtsbedingungen aufstellen:
① Σ (aller horizontalen Kräfte) = 0
② Σ (aller vertikalen Kräfte) = 0
③ Σ (aller Moment um irgendeinen Punkt) = 0

Das sind drei Gleichungen für die unbekannten Kräfte Ax, Ay, D.
Die Richtungen für Ax, Ay und D sind in der Skizze willkürlich angenommen. Falls die Rechnung negative Werte ergibt, so ist die tatsächliche Richtung entgegengesetzt.

Packo · Gast

Ich habe gerade bemerkt, dass die Kraft, die ich in meiner Skizze mit 6000 N eingetragen habe, im Beispiel 8485 N ist.
Das Prinzip de Berechnung bleibt jedoch gleich.

Gast009 · Gast

Sirius7 · Anmeldungsdatum: 20.10.2011 Beiträge: 111

Packo, vielen Dank! mit deiner Skizze ist es klarer geworden, eine Frage habe ich noch die seilkraft S zieht ja das ganze System nach links, davon muss in diesem Balken auch eine Teilkraft present sein und zwar im Auflager FAx auf deiner Skizze, oder liege ich da falsch? Gruß

Packo · Gast

Sirius,
dies ist mit der schrägen Kraft von 8485 N schon berücksichtigt.
Die Kraft von 8485 N ist die Resultierende aus 6000 N horizontal und 6000 N vertikal.

Lass dich von der dümmlichen Bemerkung des Gastes, dessen Name Gast ist, nicht verwirren!

Sirius7 · Anmeldungsdatum: 20.10.2011 Beiträge: 111

achso, alles klar, vielen Dank noch mal! smile

Packo · Gast

Hier noch die angepasste Zeichnung:
w**.picfront.org/d/8PoE

packo · Gast